录入:XYF
第四节角分垂 等腰归
解题方法技巧
从角的一边上的一点作角平分线的垂线,使之与另一边相交,则截得一个等腰三角形,垂足为底边上的中点,该角平分线所在直线又成为底边上的中线和高所在直线,可以利用等腰三角形“三线合一”的性质(若题目条件中有垂直于角平分线的线段,则延长该线段止于角的另一边)证题. 另外,利用所作的垂直还能构造一对全等的直角三角形. 图1-4-1
如图1-4-1,∠1=∠2,DE⊥OE于E,若延长DE交OB于F,则△OED ≌△OEF,有DE=EF=DF,OD=OF,∠ODF=∠OFD等结论.
例1 如图1-4-2,已知△ABC中CD平分∠ACB,AD⊥CD,DE∥BC交AB于E. 求证:EA=EB.
图1-4-2
【条件分析】由条件CD平分∠ACB,AD⊥CD,想到∠1=∠2,∠ADC=90°,可考虑延长AD交BC于点F,构造两个全等的直角三角形求解. 由DE∥BC想到利用平行线分线段成比例定理证题.
【思路建立】欲证EA=EB,由DE∥BC想到只需证出点D是某条线段的中点即可. 于是延长AD交BC于点F,由已知条件CD平分∠ACB,AD⊥CD,易得△ADC ≌△FDC,得出AD=DF,利用平行线分线段成比例定理得解.
【证明】如图1-4-2,延长AD交BC于点F.
∵CD平分∠ACB,∴∠1=∠2.
又AD⊥CD,CD = CD,∴△ADC ≌△FDC,∴AD = FD.
又∵DE∥BC,∴,∴EA=EB.
思考:如果将条件DE∥BC换成EA=EB,证题结论换成DE∥BC,应怎样证明?
提示:作出如例1同样的辅助线,证出点D是AF的中点,根据三角形中位线定理得证. 方法技巧
当遇到与角平分线垂直的线段时,一定要把这条线段延长后与角的另一条边相交,构造等腰三角形和两个全等的直角三角形.
发散思维
1. 如图1-4-3,已知在△ABC中,AD平分∠BAC,BD⊥AD,BE=AE. 求证:DE∥AC. | foreignization图1-4-3 |
2. 已知:在△ABC中,AB=5,AC=3,D是BC中点,AE是∠BAC的平分线,且CE⊥AE于E,连接DE. 求DE的长. |
| |
例2 已知:如图1-4-4,在△ABC中,AD平分∠BAC,AD = AB,CM⊥AD交AD的延长线于M. 求证:AM =(AB+AC) .
图1-4-4
【条件分析】由AD平分∠BAC,CM⊥AD,想到∠BAD =∠CAD,∠AMC=90°,可考虑通过补形法构造等腰三角形求解. 由AD = AB可得∠ABC =∠ADB.
【思路建立】由于已知条件中出现了与角平分线AD所在直线垂直的线段CM,所以可据此构造等腰三角形解决问题. 具体思路有:
(1)作△ABD关于直线AD对称的△AED(如图1-4-5),证明DM =EC后使用等量代换可得结论;
(2)将要证明的结论转化为2AM = AB+AC,作出△ACM关于直线CM对称的△FCM后证明DF=CF(如图1-4-6);
(3)作△ACM关于直线AD对称的△ANM(如图1-4-7),证明BP 三二三事变四川大学=BN后使用等量代换可得结论.
【证法1】如图1-4-5,作△ABD关于直线AD对称的△AED,则AE=AB=AD,∠B=∠ADB=∠ADE=∠AED. 取DC中点N,连接MN并延长交AC于F. 在Rt△DMC中,DN=MN=CN, 所以∠NMD=∠NDM=∠ADB=∠ADE, 所以MF∥DE,所以AM=AF,所以DM=EF=FC=EC. 故AM = AD+DM =(AB+AE) +EC =(AB+AC). | 图1-4-5 |
【证法2】如图1-4-6,作△ACM关于直线CM对称的△FCM. 因为△FCM ≌△ACM,所以∠F=∠CAM,FC=AC,AF=2AM. 而∠B =∠FCD,又∠B =∠ADB =∠刘伯明FDC, 即∠FCD =∠FDC,所以FC=FD. 故2AM=AF=AD+DF=AB+CF=AB+AC. 所以AM =(AB+AC) . | 图1-4-6 |
【证法3】如图1-4-7,延长CM交AB延长线于点N,作MP∥BC交BN于点P. 因为自制有源音箱CM⊥AD,∠1=∠2,所以AN=AC,NM=CM. 又因为MP∥BC,AB = AD,所以BP=PN=BN,∠5=∠3=∠4=∠6. 所以AP = AM,所以(AB+AC) =(AB+AN) =(AB+AP+PN) = (AB+AP+BP) =(AB+BP+AP) =×2 AP = AP = AM, 即AM =(AB+AC) . | 图1-4-7 |
| |
规律总结
但三角形中存在与角平分线垂直的线段时,首先考虑到用垂直关系(延长与角平分线垂直的线段),构造出全等的直角三角形,进而得出线段或角的相等关系,以便进行等线段或等角的转化.
名师点拨
证法1应用了翻折法构造等腰三角形;证法2也是应用了翻折法,构造出2AM,只需证明2AM = AB+AC即可;证法3通过补形法构造等腰三角形.
发散思维
3. 已知:如图1-4-8,∠BAD =∠CAD,AB>AC,CD⊥AD于点D,H是BC的中点. 求证:DH =(AB-AC) . | 图1-4-8 |
| |
附:发散思维答案与解析
1. 条件分析:已知条件中有AD平分∠BAC,BD济南的冬天笔记⊥AD,可延长BD与AC的延长线相交. 构造两个全等的直角三角形,由BE=AE可得到点E为AB的中点.
思路建立:欲证DE∥AC,由BE=AE想到构造三角形中位线证明结论,所以延长BD交AC的延长线于点F,只需证明点D是BF的中点即可.
证明:如图1-4-9,延长BD交AB的延长线于点F, ∵AD平分∠BAC,∴∠BAD =∠FAD. ∵∠ADB =∠ADF =90°,AD=AD,∴△ABD ≌△AFD,∴BD=DF. ∵BE=AE, ∴DE∥AC. | 图1-4-9 |
| |
2. 条件分析:由条件AE是∠BAC的平分线,CE⊥AE于点E,可延长CE与AB相交,构造两个全等的直角三角形.
思路建立:欲求DE的长,又知点D为BC的中点,可联想证DE为某三角形的中位线即可,由已知AE是∠BAC的平分线,且CE⊥AE,可通过延长CE交AB于F,通过证明△ACE ≌△AFE得出E是CF的中点,AF=AC=3,进而求得BF的长,于是可求出DE的长.
解:延长CE交AB于F,如图1-4-10, ∵AE是∠BAC的平分线,∴∠CAE =∠FAE. 又∠AEC =∠AEF =90°,AE=AE,∴△AEC ≌△AEF, ∴CE=EF,AF=AC=3. 又∵D为BC的中点,∴DE为△CBF的中位线. ∴DE=BF. 又∵BF=AB-AF=5-3=2,∴DE =×2=1. | 图1-4-10 |
| |
3. 条件分析:由∠BAD =∠CAD,CD⊥AD,可想到通过延长CD与AB相交,构造两个全等的直角三角形,由点H是BC的中点想到利用三角形中位线定理求解.
思路建立:欲证DH =(AB-AC)可考虑证明DH为某三角形的中位线,利用中位线定理和相关线段的转化进行求证. 已知∠BAD =∠CAD,CD⊥AD,故延长CD交AB于点E,可证得△AED ≌△ACD,则AE=AC,ED=CD,可得DH是△CBE的中位线. 又BE=AB-AE=AB-AC,即可得证.
证明:如图1-4-11,延长CD交AB于点E. ∵∠BAD =∠CAD,CD⊥AD,AD=AD,∴△ADE ≌△ADC, ∴AE=AC,ED=CD. ∵H是BC的中点, ∴DE=BE=(AB-AE)= (AB-AC). | 图1-4-11 |
| |
ndm